2013年高考物理《功和机械能》试题精选
山东省高唐县琉寺中学 李洪生 蒋庆荣
例1(2013年全国新课标卷)目前,在地球周围有许多人造地球卫星绕着它运转,其中一些卫星的轨道可近似为圆,且轨道半径逐渐变小。若卫星在轨道半径逐渐变小的过程中,只受到地球引力和稀薄气体阻力的作用,则下列说法正确的是( )
A.卫星的动能逐渐减小
B.由于地球引力做正功,引力势能一定减小
C.由于气体阻力做负功,地球引力做正功,机械能保持不变
D.卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的减小
解析:由于空气阻力做负功,卫星轨道半径变小,地球引力做正功,引力势能一定减小,动能增大,机械能减小。根据动能定理,卫星动能增大,卫星克服阻力做的功小于地球引力做的正功,而地球引力做的正功等于引力势能的减小,所以卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的减小。故选BD。
例2(2013年全国高考大纲卷)如图1所示,一固定斜面倾角为30°,一质量为m的小物块自斜面底端以一定的初速度沿斜面向上做匀减速运动,加速度大小等于重力加速度的大小g。物块上升的最大高度为H,则此过程中,物块的( )
A.动能损失了2mgH B.动能损失了mgH
C.机械能损失了mgH D.机械能损失了
解析:分析小物块沿斜面上滑,根据题意可知,物块所受滑动摩擦力为f=0.5mg,由动能定理可知,动能损失了fH/sin30°+mgH=2mgH;由功能关系,机械能损失fH/sin30°=mgH。故选AC。
例3(2013年浙江卷)如图2所示,水平板上有质量m=1.0kg的物块,受到随时间t变化的水平拉力F作用,用力传感器测出相应时刻物块所受摩擦力F
f的大小。取重力加速度g=10m/s
2。下列判断正确的是( )
A.5s内拉力对物块做功为零
B.4s末物块所受合力大小为4.0N
C.物块与木板之间的动摩擦因数为0.4
D.6s-9s内物块的加速度的大小为2.0m/s
2 解析:由图像可知,前4s物块所受静摩擦力逐渐增大,4s内拉力对物块做功为零;4s末物块所受拉力为5N,摩擦力为3N,所受合力大小为2.0N;物块所受滑动摩擦力为3N,与地面的压力为10N,由此可得物块与木板之间的动摩擦因数为0.3;6s-9s内物块所受拉力为5N,摩擦力为3N,所受合力大小为2.0N,由牛顿第二定律F=ma可得物块的加速度的大小为2.0m/s
2。故选D。
例4(2013年江苏卷)水平面上,一白球与一静止的灰球碰撞,两球质量相等。碰撞过程的频闪照片如图3所示,据此可推断,碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的( )
A.30% B.50% C.70% D.90%
解析:由图可知,碰撞后白球速度大约减小到原来的0.6倍,灰球速度大约是白球碰撞前速度的0.6倍。碰撞过程中系统损失的动能△E=
mv
2-
m(0.6v)
2m(0.6v)
2=0.28×
mv
2。据此可推断,碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的30%。故选A。
例5(2013年山东卷)如图4所示,楔形木块abc固定在水平面上,粗糙斜面ab和光滑斜面bc与水平面的夹角相同,顶角b处安装一定滑轮。质量分别为M、m(M>m)的滑块,通过不可伸长的轻绳跨过定滑轮连接,轻绳与斜面平行。两滑块由静止释放后,沿斜面做匀加速运动。若不计滑轮的质量和摩擦,在两滑块沿斜面运动的过程中( )
A.两滑块组成系统的机械能守恒
B.重力对M做的功等于M动能的增加
C.轻绳对m做的功等于m机械能的增加
D.两滑块组成系统的机械能损失等于M克服摩擦力做的功
解析:由于斜面ab粗糙,在两滑块沿斜面运动的过程中,两滑块组成系统的机械能不守恒;由动能定理,重力对M做的功大于M动能的增加;由功能关系可知,轻绳对m做的功等于m机械能的增加,两滑块组成系统的机械能损失等于M克服摩擦力做的功。故选CD。
例6(2013年安徽卷)质量为m的人造地球卫星与地心的距离为r时,引力势能可表示为E
P=-G
,其中G为引力常量,M为地球质量。该卫星原来的在半径为R
1的轨道上绕地球做匀速圆周运动,由于受到极稀薄空气的摩擦作用,飞行一段时间后其圆周运动的半径变为R
2,此过程中因摩擦而产生的热量为( )
A.GMm(
-
) B.GMm(
-
)
C.
GMm(
-
) D.
GMm(
-
)
解析:卫星降低轨道,减少的引力势能,△E
P=-G
-(-G
)=GMm(
-
)。由G
=mv
2/R,可得卫星在半径为R
1的轨道上绕地球做匀速圆周运动的动能E
k1=
mv
2=
,卫星在半径为R
2的轨道上绕地球做匀速圆周运动的动能E
k2=
mv
2=
,动能增加△E
k=
-
,由功能关系△E
P=△E
k+Q,联立解得:此过程中因摩擦而产生的热量为Q=
GMm(
-
)。故选C。
例7(2013年天津卷)我国女子短道速滑队在今年世锦赛上实现女子3000m接力三连冠。如图5所示,观察发现,“接棒”的运动员甲提前站在“交捧”的运动员乙前面。并且开始向前滑行,待乙追上甲时,乙猛推甲一把,使甲获得更大的速度向前冲出。在乙推甲的过程中,忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用,则( )
A.甲对乙的冲量一定等于乙对甲的冲量
B.甲、乙的动量变化一定大小相等方向相反
C.甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量
D.甲对乙做多少负功,乙对甲就一定做多少正功
解析:冲量是矢量,甲乙相互作用时,二者相互作用力相等,甲对乙的冲量大小一定等于乙对甲的冲量的大小,但是方向相反;由动量定理,甲、乙的动量变化一定大小相等方向相反;甲乙相互作用过程,是非弹性碰撞,机械能不守恒。故选B。
例8(2013年江苏卷题)如图6所示,水平桌面上的轻质弹簧一端固定,另一端与小物块相连。弹簧处于自然长度时物块位于O点(图中未标出)。物块的质量为m,AB=a,物块与桌面间的动摩擦因数为μ。现用水平向右的力将物块从O点拉至A点,拉力做的功为W。 撤去拉力后物块由静止向左运动,经O点到达B点时速度为零。重力加速度为g。则上述过程中( )
A.物块在A点时,弹簧的弹性势能等于W-
μmga
B.物块在B点时,弹簧的弹性势能小于W-
μmga
C.经O点时,物块的动能小于W-μmga
D.物块动能最大时,弹簧的弹性势能小于物块在B点时弹簧的弹性势能
解析:设物块在A点时,弹簧的弹性势能等于E
pA,用水平向右的力将物块从O点拉至A点,拉力做的功为W=E
pA+μmg·OA,物块在A点时,弹簧的弹性势能E
pA大于W-
μmga;由于物块与桌面间有摩擦,OA大于OB,物块从0到A再由A到B的过程克服摩擦力做功μmg·OA +μmga,大于
μmga。由功能关系,物块在B点时,弹簧的弹性势能小于W-
μmga;物块从0到A再由A到O的过程,克服摩擦力做功2μmg·OA,大于μmga,所以经O点时,物块的动能小于W-μmga;当物块运动到从A向B运动,弹簧弹力等于摩擦力时物块的动能最大,此时弹簧处于拉伸状态;运动到B点时弹簧处于压缩状态,根据题述不能判断这两个位置弹簧的弹性势能的大小。故选BC。
例9(2013年安徽卷)一物体放在水平地面上,如图7所示,已知物体所受水平拉力F随时间的变化情况如图8所示,物体相应的速度
随时间的变化关系如图9所示。求:
(1)0~8s时间内拉力的冲量;
(2)0~6s时间内物体的位移;
(3)0~10s时间内,物体克服摩擦力所做的功。
解析:(1)由图8可知:I=F
1△t
1+ F
2△t
2+ F
3△t
3=1×2N·s+3×4N·s+2×2N·s=18N·s。
(2)由图9可知0~6s时间内物体位移为:x=
×3m=6m.
(3)由图9可知,在6~8s时间内,物体做匀速运动,于是有摩擦力f=2N。由图9可知0~10s时间内物体的总位移为:x'=
×3m=15m。
物体克服摩擦力所做的功:W=fx'=2×15J=30J。
例10(2013年福建卷)如图10所示,一不可伸长的轻绳上端悬挂于O点,T端系一质量m=1.0kg的小球。现将小球拉到A点(保持绳绷直)由静止释放,当它经过B点时绳恰好被拉断,小球平抛后落在水平地面上的C点。地面上的D点与OB在同一竖直线上,已知绳长L=1.0m,B点离地高度H=1.0m,A、B两点的高度差h=0.5m,重力加速度g取10m/s
2,不计空气影响。
(1)地面上DC两点间的距离s;
(2)轻绳所受的最大拉力大小.
解析:(1)小球从A到B的过程中机械能守恒,有:mgh=
mv
B2,①
小球从B到C做平抛运动,在竖直方向上有:H=
gt
2,②
在水平方向上有:s=v
Bt,③
联立①②③解得:s=1.41m。④
(2)小球下摆到达B点时,绳的拉力和重力的合力提供向心力,有:F-mg=m
, ⑤联立①⑤解得:F=20N。根据牛顿第三定律,F'=-F,轻绳所受的最大拉力大小为20N。
例11(2013年北京卷) 蹦床比赛分成预备运动和比赛动作。最初,运动员静止站在蹦床上。在预备运动阶段,他经过若干次蹦跳,逐渐增加上升高度,最终达到完成比赛动作所需的高度;此后,进入比赛动作阶段。
把蹦床简化为一个竖直放置的轻弹簧,弹力大小F=kx (x为床面下沉的距离,k为常量)。质量m=50kg的运动员静止站在蹦床上,床面下沉x
0=0.10m;在预备运动中,假设运动员所做的总功W全部用于其机械能;在比赛动作中,把该运动员视作质点,其每次离开床面做竖直上抛运动的腾空时间均为△t=2.0s,设运动员每次落下使床面压缩的最大深度均为x
l。取重力加速度g=I0m/s
2,忽略空气阻力的影响。
(1)求常量k,并在图中画出弹力F随x变化的示意图;
(2)求在比赛动作中,运动员离开床面后上升的最大高度h
m;
(3)借助F-x 图像可以确定弹力做功的规律,在此基础上,求 x
1 和W的值
解析:(1)床面下沉x
0=0.10m时,运动员受力平衡,mg=kx
0。解得:k=mg/ x
0=5.0×10
3N/。
弹力F随x变化的示意图如图11所示。
(2)运动员从x=0处离开床面,开始腾空,其上升、下落时间相等,h
m=
g(
)
2=5.0m.
(3)参考由速度——时间图象求位移的方法,F——x图象下的面积等于弹力做功,从x处到x=0,弹力做功W
T,W
T=
x·kx=
kx
2。运动员从x
1处上升到最大高度h
m的过程,根据动能定理,有:
kx
12-mg(h
m+x
1)=0。解得:x
1= x
0+
=1.1m。
对整个预备过程,由题述条件以及功能关系,有:W+
kx
02=mg(h
m+x
0),解得:W=2525J=2.5×10
3J。
(责任编辑:admin)
查看更多关于高考,复习方法的文章